求最小公倍数

题目

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题解

最小公倍数 = 两数之积除以最大公约数，这里使用碾转相除法进行最大公约数的求解：即a与b的最大公约数可以转化为a、b之间的余数为两者之间最小的数之间的公约数。所以对于输入的两个数进行连续求余，直到余数为0，求余的分母即为结果。

代码

#include <iostream>
using namespace std;// 计算两个数的最大公约数
int GCD(int a, int b) {if (b == 0)return a;return GCD(b, a % b);
}int main() {int a, b;cin >> a >> b;// 求解最小公倍数int LCM = (a * b) / GCD(a, b);cout << LCM << endl;return 0;
}

另类加法

题目

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题解

按位与和按位异或：

【题目解析】
本题的意思是自己实现加法，不适用现成的运算符，考察大家对于运算符的灵活运用
【解题思路】：
本题可以通过位运算实现，具体实现如下：
两个数求和，其实就是求和后当前位的数据+两个数求和的进位
例如：
1 + 2； 00000001 + 00000010
求和后当前位的数据： 00000011 ；求和后的进位数据：没有进位，则 00000000
两者相加，则得到： 00000011 就是3
2 + 2； 00000010 + 00000010
求和后当前位的数据： 00000000， 1和1进位后当前为变成0了
求和后进位的数据： 00000100，两个1求和后进位了
相加后得到： 00000100 就是4
求和后当前位的数据：简便的计算方法就是两个数进行异或 00000001 ^ 00000010 -> 00000011
求和后进位的数据：简便的计算方法就是两个数相与后左移一位 (00000010 & 00000010) << 1
所以这道题使用递归更加容易理解

代码

class UnusualAdd {public:int addAB(int A, int B) {if (A == 0) return B;if (B == 0) return A;int a = A ^ B;//求和后当前位的数据int b = (A & B) << 1;//求和后进位的数据return addAB(a, b);//递归两个数进行相加，任意为0时截止}
};

走方格的方案数

题目

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题解

本题为求取路径总数的题目，一般可以通过递归求解，对于复杂的问题，可以通过动态规划求解。此题比较简单，可以通过递归解答。
【解题思路】：
class UnusualAdd {
public:
int addAB(int A, int B) {
if (A == 0) return B;
if (B == 0) return A;
int a = A ^ B;//求和后当前位的数据
int b = (A & B) << 1;//求和后进位的数据
return addAB(a, b);//递归两个数进行相加，任意为0时截止
}
};

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对于上面的nm(33)的格子，有两种情况
a. 如果n或者m为1，则只有一行或者一列，从左上角走到右下角的路径数为n + m
比如： 1 * 1格子，可以先向下走，再向右走，到达右下角；或者先向右走，
再向下走，到达右下角，共两条，即 1 + 1 = 2，对于1 * m和 n * m的
情况自己画一下
b. 如果n,m都大于1，那么走到[n][m]格子的右下角只有两条路径，
<1>: 从[n - 1][m]格子的右下角向下走，到达
<2>: 从[n][m - 1]格子的右下角向右走，到达
所以走到[n][m]格子的右下角的数量为[n-1][m] + [n][m - 1],可以通过递归实现，情况a为递归的终止条件。

代码

#include<iostream>
using namespace std;
int pathNum(int n, int m) {if (n > 1 && m > 1)//b情况，递归return pathNum(n - 1, m) + pathNum(n, m - 1);else if (((n >= 1) && (m == 1)) || ((n == 1) && (m >= 1)))// a情况，终止条件return n + m;else//格子为0时， 路径为0return 0;
}
int main() {int n, m;while (cin >> n >> m){cout << pathNum(n, m) << endl;}return 0;
}