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🍉个人简介：陈童学哦，彩笔ACMer一枚。
🏀所属专栏：杭电多校集训
本文用于记录回顾总结解题思路便于加深理解。

不是哥们，怎么我tm什么都不会。

1004 cats 的重力拼图

ProblemDescription
cats 有一个有 n 行，每行有 m 个方格的重力拼图。其中第 i 行第 j 个方格坐标为 (i,j)。重力拼图中有一个物块，初始位于坐标 (a,b) 的方格。若当前物块位于 (r,c)，在一次操作中，cats 可以选择以下四种操作之一：

1. 将重力切换为向上：将物块从当前位置移动到 (1,c)。这个过程中物块将经过所有坐标为 (i,c) (1≤i≤r) 的方格。
2. 将重力切换为向下：将物块从当前位置移动到 (n,c)。这个过程中物块将经过所有坐标为 (i,c) (r≤i≤n) 的方格。
3. 将重力切换为向左：将物块从当前位置移动到 (r,1)。这个过程中物块将经过所有坐标为 (r,i) (1≤i≤c) 的方格。
4. 将重力切换为向右：将物块从当前位置移动到 (r,m)。这个过程中物块将经过所有坐标为 (r,i) (c≤i≤m) 的方格。

cats 可以最多进行 142857 次操作。现在 cats 希望最大化被拼图块经过至少一次（包括初始位置和最终位置）的方格的总数。你需要告诉 cats 这个总数的最大值。

解题思路

首先我们发现，一个点只能走到该点的左右极限端点和上下极限端点。
我们先考虑极端条件，当现在的点处于四个角落时，那么显然该点的运动轨迹应该为我们矩阵的最外面的那一圈矩形。
一般条件下的点的话我们则需要额外考虑是n大还是m大。
需要注意的是这里求得是格子数，所以计算答案时应该减去2。
最后还有一个特殊情况就是n 或 m 等于1的时候

AC代码

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
using i64 = long long;
const int N = 2e5 + 10;
void solve(){int n,m,a,b;cin >> n >> m >> a >> b;int ans = 0;//特殊情况 if(n == 1 || m == 1){cout << n * m << "\n";return;}//极端条件下的格子数 ans = (n + m) * 2 - 4;//如果在四个角落就直接输出 if((a == 1 || a == n) && (b == 1 || b == m)){	cout << ans << "\n";return;}int cnt = 0;//一般条件下的点的额外贡献 if(a > 1 && a < n){cnt = max(cnt,m - 2);}if(b > 1 && b < m){cnt = max(cnt,n - 2);}cout << ans + cnt << "\n";
}
int main() {ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(nullptr);int t = 1;cin >> t;while(t --){solve();}return 0;
}

1007 cats 的 k-xor

Problem Description

定义两个数 x,y 的 k-xor 为 x,y 在正整数 k (k≥2) 进制意义下的不进位加法。现在 cats 有两个整数 a,b，cats 算出了它们在某个进制 k 下的 k-xor 为 c。但在 cats 计算出 c 后，cats 忘记了 k 的值。你能帮 cats 算出所有大于等于 2 的可能是 k 的不同正整数个数吗？如果有无穷多个满足条件的 k，输出 −1。

注：两个数在 k 进制下的不进位加法为，将两个数分别写出它们的 k 进制表示，并将两个数对应的位分别相加，然后将每一位相加得到的结果分别对 k 取模，将结果看做一个新的 k 进制数，这个结果即为两个数 k 进制下不进位加法的结果。例如 16=(121)3 和 8=(022)3 在 3 进制下的不进位加法的结果即为 (110)3=12。

解题思路

一般这种有特殊情况的，我考虑先判断出什么情况下会造成特殊情况成立。
那么这里很显然当我们的$a+b=c$时会有无穷个k满足条件，因为只要$k>c$即可。
其次当$a+b<c$的时候是没有无解的。因为$a+b$是不进位加法，那么无论$k$为何值
都无法满足$a+b=c$。
最后就是$a+b>c$ 时，我们观察到a，b，c的最大值为1e9，开个根号大概50000左右。
2 到 50000 我们直接枚举有多少个k满足条件，大于50000的进制必然只有一个，大家可以自己
想想。

AC代码

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
using i64 = long long;
const int N = 2e5 + 10;
int calc(int a,int b,int k){vector<int> f;while(a || b){int u = a % k;a /= k;int v = b % k;b /= k;f.push_back((u + v) % k);}int sum = 0;int res = 1;for(auto x : f){sum += x * res;res *= k;}return sum;
}
void solve(){int a,b,c;cin >> a >> b >> c;int ans = 0;//无穷的情况 if(a + b == c){cout << -1 << "\n";return;//0的情况 }else if(a + b < c){cout << 0 << "\n";return;//大于50000的情况 }else if(a + b - c > 50000) {if(calc(a,b,a + b - c) == c){ans ++;}}//枚举小范围 for(int i = 2;i <= 50000;i ++){if(calc(a,b,i) == c){ans ++;}}cout << ans << "\n";
}
int main() {ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(nullptr);int t = 1;cin >> t;while(t --){solve();}return 0;
}